visos kortos yra lyginese pozicijose 6, 22, 38
po pirmo vertimo: 8,16,24
antro: 2,6,10
trecio: 2,4,6
ketvirto:1,2,3
(skaiciuojant kad virsutine korta yra pirma.)

Geras triukas Ir svarbiausia labai paprastas

na, nezinau, gaila, kortu neturiu – isbandyciau. Bet man vienas kabliukas kyla… cia sako, kad jam taip iseina kiekviena karta. Taciau, jei perkeliant kortas kaskart nuimama skirtinga kortu suma, gi neskaiciuojam ar lygini ar nelygini kortu skaiciu nuimam. tarkim, viena karta kurioje nor kruvoje perkeliam lygini kortu skaiciu, o kita karta nelygini, tuomet veliau deliojant isimintos kortos tureti persideti i skirtingas kruveles…

1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
* *
* 7 8 9 10
1 2 3 4 5 6 *
* 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 *

kiek kortu tarp zvaigzduciu?

pamirsau paminet: tas toks "idomus" kilnojimas yra beprasmis, daugiau skirtas, kad atrodytu tarsi kazkas sudetingo vyktu

Atkreipkite demesi kad perkeliant kortas yra sumaisoma tos kruvos tvarka, BET, tuo momentu kai vel "sujungiama" tarp ju ziurovo kortos nepapuola o lieka virsuje todel bendras kiekis TARP ziurovo kortu nepasikeicia, t.y. 9(1)15(1)15(1)10 (top-down tvarka). Tas faktas kad jis viska "sujungia" vienu veiksmu o ne po kiekvieno ziurovo padejimo esmes nekeicia. Perkeliant 4 kortas i apacia -> 5(1)15(1)15(1)14 . Gaunam kad pirma "I" skirstyma ziurovo kortos visada lieka lygines todel i atverciamas nepapuola. Uzverstu tvarka -> 2(1)7(1)7(1)7 . Po "II" -> 3(1)3(1)3(1)1 (kortu tvarka apsivercia) . Po "III" -> 0(1)1(1)1(1)1 . "IV" kortos vel verciasi ir iskrenta visos nelygines ir lieka tik lygines ziurovo kortos.

viskas aisq kortu perkelimas kiek nori nieko neduoda tik sumaiso ant stalo padetas kalades po 15 kortu. o tavo padeta korta vistiek lieka virsuje, keturiu kortu perkelimas yra tam kad galiausiai liktu tik 11, 27 ir 43 korta. susizymekite kortas skaiciais jei netikit ir pabandykit

kad cia nera kuo netiket
cia paprasta matematika, o jei jau ja netiki… niekas nebepades

fainas toks